Решение: Вычислим интеграл \int\int_V\int(x+z)dxdydz
где область интегрирования V - четырехугольная пирамида (см. рис. 1), ограниченная плоскостями
\begin{cases}x+y = 1\\x-y =1\\x+z =1\\z=0\\x=0\end{cases}
Нарисуем эту область
x+y = 1 - плоскость, параллельная оси Oz, пересекается с плоскостью XY по прямой
x+y = 1 и пересекает оси
(0;1), (1;0)x-y = 1 - плоскость, параллельная оси Oz, пересекается с плоскостью XY по прямой
x-y = 1 и пересекает оси
(0;-1), (1;0)x+z = 1 - плоскость, параллельная оси Oy, пересекается с плоскостью XZ по прямой
x+z = 1 и пересекает оси
(0;1), (1;0)z = 0 - плоскость XY
x = 0 - плоскость YZ

Для нахождения тройного интеграла воспользуемся следующей формулой:
Если область интегрирования V определяется неравенства x_1 \leq x \leq x_2, y_1(x) \leq y(x) \leq y_2(x), z_1(x,y) \leq z \leq z_2(x,y), где y_1(x), y_2(x), z_1(x,y), z_2(x,y) - непрерывные функции своих аргументов, то тройной интеграл вычисляется по формуле \int\int_{V}\int f(x,y,z)dxdydz = \int_{x_1}^{x_2}dx\int_{y_1(x)}^{y_2(x)}dy\int_{z_1(x,y)}^{z_2(x,y)}f(x,y,z)dz
область
V ограничена сверху плоскостью
z = z_2(x,y), снизу - поверхностью
z = z_1(x,y), а с боков - цилиндрической поверхностью с образующими, параллельными оси Oz, вырезающей на плоскости Oxy
S_{xy}, определенную неравенствами
x_1 \leq x \leq x_2,
y_1(x) \leq y \leq y_2(x). Обращаю внимание, что порядок интегрирования может быть любым.
Алгоритм вычисления тройного интеграла:
1. Расставим пределы интегрирования.
Рассмотрим плоскость XY (см. рис. 2). На этой плоскости вырезается фигура (зеленый треугольник), определяемая неравенствами:
по переменной x 0 \leq x \leq 1 ,
по переменной y определяем по стрелке на рисунке, получаем x-1 \leq y \leq 1 - x .
Рассмотрим переменную z. Область снизу ограничена плоскостью z=0, а сверху плоскостью x+z=1 => z = 1-x, получаем 0 \leq z \leq 1-x.

2. Вычисляем тройной интеграл при известных границах \int\int_V\int(x+z)dxdydz = \int_0^1dx\int_{x-1}^{1-x}dy\int_0^{1-x}(x+z)dz = \quad (2)
вычисляем интеграл
\int_0^{1-x}(x+z)dz = где
z - переменная интегрирования, а
x - постоянная, получаем
\int_0^{1-x}(x+z)dz = xz + \frac{1}{2}z^2 |_0^{1-x} = = x(1-x)+\frac{1}{2}(1-x)^2 = \frac{1}{2}(1-x)(1+x) = \frac{1}{2}(1-x^2) подставляем в (2)
= \int_0^1dx\int_{x-1}^{1-x}\frac{1}{2}(1-x^2)dy = \frac{1}{2} \int_0^1dx\int_{x-1}^{1-x}(1-x^2)dy = \quad (3)
вычисляем интеграл
\int_{x-1}^{1-x}(1-x^2)dy = где
y - переменная интегрирования, а
x - постоянная, получаем
= (1-x^2) \int_{x-1}^{1-x}dy = (1-x^2)y|_{x-1}^{1-x} = (1-x^2)(1-x -x+1) = 2(1-x^2)(1-x) подставляем в (3)
=\frac{1}{2} \int_0^122(1-x^2)(1-x) dx = \int_0^1(1-x^2-x+x^3)dx =
= x- \frac{1}{3}x^2 - \frac{1}{2}x^2+\frac{1}{4}x^4|_0^1 = 1- \frac{1}{3} - \frac{1}{2}+\frac{1}{4} = \frac{5}{12}
Ответ: тройной интеграл равен
V = \frac{5}{12}